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AFA 2019 — Questões de Física comentadas — Método TEF

Academia da Força Aérea

Edição 2019 · Versão A · Física — resolução comentada Método TEF.

Q49
Cinemática — Movimento Relativo — Encontros

Três partículas, A, B e C, movimentam-se, com velocidades constantes, ao longo de uma mesma direção. No instante inicial, $t_0=0$, a distância entre A e B vale $x$, e entre B e C vale $y$, conforme indica a figura a seguir.

AFA 2019, questão 49: Encontros, figura 1

Em $t=2\,\mathrm{s}$, a partícula A cruza com a partícula B. Em $t=3\,\mathrm{s}$, a partícula A cruza com a partícula C. A partícula C alcançará a partícula B no instante dado pela relação

A)$\dfrac{6y}{2y-x}$
B)$\dfrac{6(y-x)}{2y-3x}$
C)$\dfrac{y-x}{3x}$
D)$\dfrac{3y}{y-x}$

Gabarito oficial — versão A

A
Resolução

Os encontros determinam diferenças de velocidades, sem exigir cada velocidade separadamente. Tome as posições iniciais de A, B e C como $0$, $x$ e $x+y$.

No encontro A–B, $2(v_A-v_B)=x$. No encontro A–C, $3(v_A-v_C)=x+y$. Subtraindo, \[v_B-v_C=\frac{x+y}{3}-\frac{x}{2}=\frac{2y-x}{6}.\]

A separação inicial entre B e C é $y$. Portanto, \[t_{BC}=\frac{y}{v_B-v_C}=\boxed{\frac{6y}{2y-x}}.\] O instante é contado desde $t_0=0$, em segundos, para a configuração com encontro futuro.

Cuidado, armadilha! O instante pedido é contado desde o início, e não após o encontro entre A e C.

Alternativa correta: A

Q50
Mecânica — Movimento Circular — Força Resultante

Uma partícula, de massa $1\,\mathrm{kg}$, descreve um movimento circular uniformemente variado, de raio $2{,}25\,\mathrm{m}$, iniciando-o a partir do repouso no instante $t_0=0$. Em $t=2\,\mathrm{s}$, o módulo de sua velocidade vetorial é de $6\,\mathrm{m/s}$, conforme figura abaixo.

AFA 2019, questão 50: Força Resultante, figura 1

A intensidade da força resultante sobre a partícula, no instante $t=1\,\mathrm{s}$, em N, vale

A)1
B)5
C)9
D)12

Gabarito oficial — versão A

B
Resolução

A resultante reúne componentes perpendiculares: a tangencial, que muda a rapidez, e a centrípeta, que muda a direção da velocidade.

A aceleração tangencial é constante: \[a_t=\frac{6-0}{2}=3\,\mathrm{m/s^2}.\] Em $t=1\,\mathrm{s}$, $v=3\,\mathrm{m/s}$ e \[a_c=\frac{v^2}{R}=\frac9{2{,}25}=4\,\mathrm{m/s^2}.\]

Assim, \[a=\sqrt{3^2+4^2}=5\,\mathrm{m/s^2},\qquad F=ma=\boxed{5\,\mathrm N}.\]

Cuidado, armadilha! As componentes tangencial e centrípeta são perpendiculares: não some seus módulos diretamente.

Alternativa correta: B

Q51
Termologia — Calorimetria — Capacidade Térmica

Considere dois sistemas térmicos A e B constituídos de corpos perfeitamente esféricos, em condições normais de temperatura e pressão, conforme figura abaixo.

AFA 2019, questão 51: Capacidade Térmica, figura 1

No sistema A, as esferas 1, 2, 3 e 4 são pequenas gotas esféricas de água pura com massa respectivamente iguais a 1 g, 2 g, 4 g e 8 g. O sistema B é constituído das esferas maciças e homogêneas 5, 6, 7 e 8 de mesmo material, de calor específico constante igual a 0,2 cal/g ºC e massa específica igual a 2,5 g/cm3. Os volumes dessas esferas são conhecidos e valem, respectivamente, 4, 5, 7 e 16 cm3. Nessas condições, o número máximo de esferas do sistema A que podem ser permutadas simultaneamente com esferas do sistema B, de maneira que os sistemas A e B continuem com a mesma capacidade térmica inicial e com o mesmo número de esferas, é

A)1
B)2
C)3
D)4

Gabarito oficial — versão A

C
Resolução

Para conservar a capacidade térmica de cada sistema, os grupos trocados devem ter a mesma soma de $C=mc$ e o mesmo número de esferas.

Na água, as capacidades são $1$, $2$, $4$ e $8\,\mathrm{cal/{}^\circ C}$. Em B, \[C=\rho Vc=2{,}5\cdot0{,}2V=0{,}5V,\] resultando em $2$, $2{,}5$, $3{,}5$ e $8\,\mathrm{cal/{}^\circ C}$.

Trocar quatro não funciona: as somas são $15$ e $16$. É possível trocar três, pois \[2+4+8=14=2{,}5+3{,}5+8.\] Trocamos as esferas 2, 3 e 4 pelas 6, 7 e 8. O máximo é três.

Cuidado, armadilha! A igualdade deve ser entre capacidades térmicas, e não entre massas ou volumes.

Alternativa correta: C

Q52
Mecânica — Dinâmica — Atrito e Força Elástica

Uma esfera, de dimensões desprezíveis, sob ação de um campo gravitacional constante, está inicialmente equilibrada na vertical por uma mola. A mola é ideal e se encontra com uma deformação x, conforme ilustrado na figura 1.

AFA 2019, questão 52: Atrito e Força Elástica, figura 1

O sistema esfera-mola é posto, em seguida, a deslizar sobre uma superfície horizontal, com velocidade constante, conforme indicado na figura 2. Nessa situação, quando o ângulo de inclinação da mola é θ , em relação à horizontal, sua deformação é y.

AFA 2019, questão 52: Atrito e Força Elástica, figura 2

Nessas condições, o coeficiente de atrito cinético entre a esfera e a superfície horizontal vale

A)$\dfrac{\cos\theta}{x/y-\sin\theta}$
B)$x/y$
C)$\dfrac{x\sin\theta}{x+y\cos\theta}$
D)$\dfrac{y\cos\theta}{x\sin\theta}$

Gabarito oficial — versão A

A
Resolução

No equilíbrio vertical inicial, $mg=kx$. Na segunda situação, a velocidade constante exige resultante nula em cada direção.

A força da mola é $ky$. Sua componente vertical reduz a normal: \[N+ky\sin\theta=mg\quad\Rightarrow\quad N=k(x-y\sin\theta).\] Na horizontal, \[ky\cos\theta=\mu_cN.\]

Cancelando $k$, \[\mu_c=\frac{y\cos\theta}{x-y\sin\theta}=\boxed{\frac{\cos\theta}{x/y-\sin\theta}}.\]

Cuidado, armadilha! A normal é menor que o peso: a mola sustenta parte da esfera.

Alternativa correta: A

Q53
Mecânica — Energia e Colisões — Pêndulo Balístico

A montagem da figura a seguir ilustra a descida de uma partícula 1 ao longo de um trilho curvilíneo. Partindo do repouso em A, a partícula chega ao ponto B, que está a uma distância vertical H abaixo do ponto A, de onde, então, é lançada obliquamente, com um ângulo de 45º com a horizontal.

AFA 2019, questão 53: Pêndulo Balístico, figura 1

A partícula, agora, descreve uma trajetória parabólica e, ao atingir seu ponto de altura máxima, nessa trajetória, ela se acopla a uma partícula 2, sofrendo, portanto, uma colisão inelástica. Essa segunda partícula possui o dobro de massa da primeira, está em repouso antes da colisão e está presa ao teto por um fio ideal, de comprimento maior que H, constituindo, assim, um pêndulo. Considerando que apenas na colisão atuaram forças dissipativas, e que o campo gravitacional local é constante. O sistema formado pelas partículas 1 e 2 atinge uma altura máxima h igual a

A)$H/3$
B)$H/9$
C)$H/16$
D)$H/18$

Gabarito oficial — versão A

D
Resolução

Resolva em três etapas: energia na descida, momento na colisão e energia na subida do pêndulo. A altura $h$ é o ganho de altura após a colisão.

Na saída do trilho, $v_B^2=2gH$. No ponto mais alto, resta a componente horizontal: \[v=v_B\cos45^\circ,\qquad v^2=gH.\]

A massa unida é $3m$. Conservando o momento horizontal na colisão, \[mv=3mV\quad\Rightarrow\quad V=v/3.\]

Na subida, \[\frac12(3m)V^2=(3m)gh\quad\Rightarrow\quad h=\frac{V^2}{2g}=\boxed{\frac H{18}}.\]

Cuidado, armadilha! A energia mecânica não se conserva na colisão inelástica. Nessa etapa, conserve o momento horizontal.

Alternativa correta: D

Q54
Mecânica — Estática — Deslizamento e Tombamento

Um armário, cujas dimensões estão indicadas na figura abaixo, está em repouso sobre um assoalho plano e horizontal.

AFA 2019, questão 54: Deslizamento e Tombamento, figura 1

Uma pessoa aplica uma força F constante e horizontal, cuja linha de ação e o centro de massa (CM) do armário estão num mesmo plano vertical. Sendo o coeficiente de atrito estático entre o assoalho e o piso do armário igual a µ e estando o armário na iminência de escorregar, a altura máxima H na qual a pessoa poderá aplicar a força para que a base do armário continue completamente em contato com o assoalho é

A)$\ell/(2\mu)$
B)$\ell/\mu$
C)$h/(2\mu)$
D)$h/\mu$

Gabarito oficial — versão A

B
Resolução

O armário pode deslizar ou tombar. A força necessária ao deslizamento não pode produzir um momento que provoque tombamento.

Como a força aplicada é horizontal, $N=mg$. Na iminência de escorregar, $F=\mu mg$. Tome momentos em relação à aresta inferior do lado para o qual o armário seria empurrado.

O braço do peso é $\ell$ e o da força é $H$. Logo, \[FH\le mg\ell.\] Usando $F=\mu mg$, \[H\le\frac\ell\mu\quad\Rightarrow\quad\boxed{H_{\max}=\frac\ell\mu}.\]

Cuidado, armadilha! A base tem largura 2ℓ, mas o braço do peso em relação à aresta é ℓ.

Alternativa correta: B

Q55
Óptica — Reflexão e Refração — Intensidades Luminosas

Um feixe de luz monocromática incide em uma interface perfeitamente plana formada por dois meios com índices de refração absolutos n1 e n2, com n2 > n1, conforme figura abaixo.

AFA 2019, questão 55: Intensidades Luminosas, figura 1

Esse feixe dá origem a dois outros feixes, o refletido $R_1$ e o refratado $R_1^\prime$, com intensidades $I_1$ e $I_1^\prime$, respectivamente. O ângulo de incidência $\theta_1$, $\theta_1<\pi/6$, medido em relação à normal N, pode ser alterado para um valor $\theta_2$ tal que $\theta_1<\theta_2<\pi/3$, originando dois novos feixes, o refletido $R_2$ e o refratado $R_2^\prime$, de intensidades, respectivamente, $I_2$ e $I_2^\prime$.

Considere que os meios sejam perfeitamente homogêneos, transparentes e isótropos, que não haja dissipação da energia incidente, nem absorção de luz na interface. Nessas condições, são feitas as seguintes afirmativas sobre as intensidades dos raios refletidos e refratados.

I. $I_1>I_1^\prime$ e $I_2<I_2^\prime$.

II. $I_1>I_2$ e $I_1^\prime>I_2^\prime$.

III. $I_1<I_1^\prime$ e $I_2>I_2^\prime$.

IV. $I_1<I_2$ e $I_1^\prime>I_2^\prime$.

V. $I_1<I_1^\prime$ e $I_2<I_2^\prime$.

Assim, são corretas as afirmativas

A)I e II
B)III e IV
C)IV e V
D)II e III

Gabarito oficial — versão A

ANULADA
Resolução

A questão foi anulada no gabarito oficial. A ausência de absorção conserva a potência total, mas não determina sua divisão entre reflexão e transmissão.

Para a mesma potência incidente, $P_r+P_t=P_i$. As frações dependem dos índices, do ângulo e da polarização. A lei de Snell determina a direção refratada, não sua intensidade.

Para luz polarizada no plano de incidência, a reflexão pode diminuir até desaparecer no ângulo de Brewster. Assim, aumentar o ângulo não garante aumento da intensidade refletida, como pressupõe IV. Os dados também não asseguram as comparações entre refletido e refratado: não há dupla universalmente correta.

Cuidado, armadilha! Conservar energia não significa dividir a potência meio a meio entre reflexão e transmissão.

Questão anulada no gabarito oficial: ANULADA

Q56
Óptica — Lentes — Índice do Meio e Imagens

Duas lentes esféricas delgadas 1 e 2, com índices de refração n1 e n2, respectivamente, são usadas para observar a figura plana mostrada abaixo, quando o observador, objeto e lente estão imersos em um meio homogêneo, transparente e isótropo com índice de refração n maior do que os índices n1 e n2.

AFA 2019, questão 56: Índice do Meio e Imagens, figura 1

As imagens observadas são apresentadas nas figuras 1 e 2 em comparação com o objeto observado.

AFA 2019, questão 56: Índice do Meio e Imagens, figura 2

Se a mesma observação for realizada, porém com o observador, objeto e lente imersos em um outro meio com índice de refração n’ menor do que n1 e n2, das opções abaixo a que apresenta as imagens que poderão ser observadas, respectivamente, pelas lentes 1 e 2 serão

A)
Alternativa A da questão 56: Índice do Meio e Imagens
B)
Alternativa B da questão 56: Índice do Meio e Imagens
C)
Alternativa C da questão 56: Índice do Meio e Imagens
D)
Alternativa D da questão 56: Índice do Meio e Imagens

Gabarito oficial — versão A

A
Resolução

Ao passar de um meio mais refringente que a lente para outro menos refringente, o sinal da vergência se inverte.

Inicialmente, a lente 1 produz imagem invertida e é convergente; a lente 2 produz imagem direita e menor e é divergente. Na equação do fabricante, \[\frac1f=\left(\frac{n_\mathrm{lente}}{n_\mathrm{meio}}-1\right)\left(\frac1{R_1}-\frac1{R_2}\right),\] o primeiro fator troca de sinal com a mudança do meio.

No novo meio, a lente 1 é divergente: sua imagem de um objeto real é direita e reduzida. A lente 2 é convergente e pode formar imagem real, invertida e reduzida com o objeto além de $2f$. Esse par aparece em A.

Cuidado, armadilha! A forma da lente só determina seu comportamento depois de comparar o índice de seu material com o do meio.

Alternativa correta: A

Q57
Eletricidade — Capacitores — Circuito RC e Energia

Num instante t0 = 0 um capacitor de 2,5 mF, totalmente descarregado, é ligado a uma fonte de 12 V por meio de uma chave Ch que é colocada na posição 1, conforme figura abaixo.

AFA 2019, questão 57: Circuito RC e Energia, figura 1

Em determinado instante $t_1$, o capacitor fica completamente carregado. Nessas condições, são feitas as seguintes afirmativas.

I. Ao colocar a chave do circuito na posição 2, o capacitor será descarregado através do resistor de $1\,\Omega$ e sua diferença de potencial decrescerá exponencialmente com o tempo, até completar o processo de descarga.

II. Com a chave do circuito na posição 1, para qualquer instante de tempo $t$, tal que $t\leq t_1$, o capacitor sofre um processo de carga, em que a corrente no circuito vai diminuindo linearmente com o tempo e tem sua intensidade nula quando $t=t_1$.

III. A energia potencial armazenada no capacitor no instante de tempo $t_1$ vale $0{,}18\,\mathrm J$.

São verdadeiras as afirmativas

A)I, II e III
B)I e II, apenas
C)I e III, apenas
D)II e III, apenas

Gabarito oficial — versão A

C
Resolução

Em um circuito RC, carga e descarga evoluem exponencialmente. “Completamente carregado” representa a aproximação prática ao regime estacionário.

I é verdadeira: na descarga, $U(t)=U_0e^{-t/(RC)}$. II é falsa: na carga, \[i(t)=\frac{U_0}{R}e^{-t/(RC)},\] e não uma função linear. No modelo ideal, a corrente tende a zero assintoticamente.

Para III, $C=2{,}5\times10^{-3}\,\mathrm F$: \[E=\frac12CU^2=\frac12(2{,}5\times10^{-3})12^2=\boxed{0{,}18\,\mathrm J}.\] Portanto, I e III são verdadeiras.

Cuidado, armadilha! Converta milifarads para farads e distinga decaimento exponencial de diminuição linear.

Alternativa correta: C

Q58
Mecânica — Oscilações — Projeções do Movimento Circular

Um corpo de massa m = 1 kg movimenta-se no sentido horário, ao longo de uma trajetória circular de raio A, em movimento circular uniforme com velocidade angular igual a 2 rad/s, conforme a figura abaixo.

AFA 2019, questão 58: Projeções do Movimento Circular, figura 1

Nessas condições, os sistemas massa-mola oscilando em movimento harmônico simples, a partir de t = 0, que podem representar o movimento dessa partícula, respectivamente, nos eixos x e y, são

A)
Alternativa A da questão 58: Projeções do Movimento Circular
B)
Alternativa B da questão 58: Projeções do Movimento Circular
C)
Alternativa C da questão 58: Projeções do Movimento Circular
D)
Alternativa D da questão 58: Projeções do Movimento Circular

Gabarito oficial — versão A

C
Resolução

As projeções do MCU em dois diâmetros perpendiculares são MHS de amplitude $A$ e pulsação $\omega=2\,\mathrm{rad/s}$.

Para a massa de $1\,\mathrm{kg}$, \[k_\mathrm{ef}=m\omega^2=4\,\mathrm{N/m}.\] Duas molas que atuam simultaneamente têm suas contribuições restauradoras somadas; duas de $2\,\mathrm{N/m}$ dão esse valor.

Na posição desenhada, a partícula está no terceiro quadrante. O sentido horário implica $v_x<0$ e $v_y>0$. Além da pulsação, os sistemas precisam reproduzir esses sentidos e as posições iniciais. A alternativa C atende aos critérios.

Cuidado, armadilha! A frequência correta não basta: confira a posição e o sentido inicial de cada projeção.

Alternativa correta: C

Q59
Ondulatória — Ondas Estacionárias — Cordas e Tubos Abertos

A figura abaixo representa dois harmônicos A e B, de frequências, respectivamente, iguais a fA e fB, que podem ser estabelecidos em uma mesma corda, fixa em suas extremidades, e tracionada por uma força de módulo F.

AFA 2019, questão 59: Cordas e Tubos Abertos, figura 1

Nessas condições, a mesma razão entre as frequências, $f_A/f_B$, pode ser obtida entre as frequências das ondas estacionárias representadas nos tubos sonoros abertos e idênticos A’ e B’, indicados na opção

A)
Alternativa A da questão 59: Cordas e Tubos Abertos
B)
Alternativa B da questão 59: Cordas e Tubos Abertos
C)
Alternativa C da questão 59: Cordas e Tubos Abertos
D)
Alternativa D da questão 59: Cordas e Tubos Abertos

Gabarito oficial — versão A

D
Resolução

Na mesma corda e sob a mesma tensão, a frequência é proporcional à ordem do harmônico: $f_n=nv/(2L)$.

A apresenta dois ventres e B três; portanto, \[\frac{f_A}{f_B}=\frac23.\] Nos tubos abertos, também vale $f_n=nv/(2L)$, mas suas extremidades são ventres de deslocamento.

Na alternativa D, A’ apresenta o segundo harmônico e B’ o terceiro. A razão é novamente $2/3$.

Cuidado, armadilha! Extremidades fixas da corda são nós; extremidades abertas do tubo são ventres de deslocamento.

Alternativa correta: D

Q60
Eletricidade — Eletrostática — Energia e Movimento Circular

Duas partículas eletrizadas A e B, localizadas num plano isolante e horizontal α, estão em repouso e interligadas por um fio ideal, também isolante, de comprimento l igual a 3 cm, conforme ilustrado na figura abaixo.

AFA 2019, questão 60: Energia e Movimento Circular, figura 1

A partícula A está fixa e B pode mover-se, sem quaisquer resistências sobre o plano. Quando B, que tem massa igual a 20 g, está em repouso, verifica-se que a força tensora no fio vale 9 N. Imprime-se certa velocidade na partícula B, que passa a descrever um movimento circular uniforme em torno de A, de tal forma que a força tensora no fio altera-se para 15 N. Desprezando as ações gravitacionais, enquanto a tensão no fio permanecer igual a 15 N, pode-se afirmar que a energia do sistema, constituído das partículas A e B, será, em J, de

A)0,09
B)0,18
C)0,27
D)0,36

Gabarito oficial — versão A

D
Resolução

No repouso, a tensão equilibra a repulsão elétrica: $F_e=9\,\mathrm N$. As cargas têm o mesmo sinal. A distância permanece constante no movimento, mantendo essa força.

A resultante centrípeta é \[F_c=T-F_e=15-9=6\,\mathrm N.\] Com $r=0{,}03\,\mathrm m$, \[K=\frac12mv^2=\frac12F_cr=0{,}09\,\mathrm J.\]

Com energia potencial nula no infinito, \[U=\frac{kq_Aq_B}{r}=F_er=0{,}27\,\mathrm J.\] A energia total é \[E=K+U=\boxed{0{,}36\,\mathrm J}.\]

Cuidado, armadilha! A tensão de 15 N não é sozinha a força centrípeta: a repulsão elétrica se opõe a ela.

Alternativa correta: D

Q61
Eletricidade — Resistência — Área de Condutores Ocos

Três condutores cilíndricos 1, 2 e 3, de mesmo material e mesmo comprimento, sendo os condutores 2 e 3 ocos, têm suas seções retas apresentadas na figura a seguir.

AFA 2019, questão 61: Área de Condutores Ocos, figura 1

A respeito das resistências elétricas R1, R2 e R3, dos condutores 1, 2 e 3, respectivamente, pode-se afirmar que

A)$R_3=R_2=R_1$
B)$R_3<R_2<R_1$
C)$R_3=R_2<R_1$
D)$R_3>R_2>R_1$

Gabarito oficial — versão A

B
Resolução

Como material e comprimento são iguais, $R=\rho L/A$ depende apenas da área de metal.

As áreas são \[A_1=\pi r^2,\qquad A_2=\pi[(2r)^2-r^2]=3\pi r^2,\] \[A_3=\pi[(3r)^2-(2r)^2]=5\pi r^2.\]

Assim, $R_2=R_1/3$ e $R_3=R_1/5$: \[\boxed{R_3<R_2<R_1}.\]

Cuidado, armadilha! O espaço vazio não conduz corrente. Subtraia a área interna da área externa.

Alternativa correta: B

Q62
Eletricidade — Circuitos — Ponte de Wheatstone

Duas estações E1 e E2 são interligadas por uma linha telefônica constituída por dois cabos iguais, cada um com comprimento L = 30 km, conforme ilustrado na figura 1.

AFA 2019, questão 62: Ponte de Wheatstone, figura 1

Durante uma tempestade, uma árvore caiu sobre um dos cabos fazendo um contato elétrico com a terra. Para localizar onde a árvore caiu e reparar o defeito, um técnico procedeu da seguinte forma: uniu os terminais C e D na estação E2 e, na estação E1, interligou os terminais A e B por reostatos R1 e R2 associados em paralelo com um gerador. As resistências de R1 e R2 foram ajustadas de tal forma que o amperímetro A não indicou a passagem de corrente elétrica, conforme esquematizado na figura 2.

AFA 2019, questão 62: Ponte de Wheatstone, figura 2

Considere que os contatos elétricos, as ligações com a terra e o amperímetro têm resistências elétricas desprezíveis e que $R_1$ e $R_2$ valem, respectivamente, $4{,}5\,\mathrm{k\Omega}$ e $1{,}5\,\mathrm{k\Omega}$. Nessas condições, o ponto onde a árvore tocou o fio se localiza a uma distância $d$, em relação à estação E1, em km, igual a

A)7,5
B)12
C)15
D)20

Gabarito oficial — versão A

C
Resolução

A corrente nula no amperímetro indica ponte equilibrada: os pontos ligados a ele têm o mesmo potencial. Nos cabos uniformes e iguais, a resistência é proporcional ao comprimento.

O caminho curto até o defeito tem comprimento $d$. O outro vai até $E_2$ e volta ao defeito, totalizando $2L-d$. Pela disposição dos reostatos, \[\frac{R_1}{R_2}=\frac{2L-d}{d}.\]

Logo, \[\frac{4{,}5}{1{,}5}=\frac{60-d}{d}\quad\Rightarrow\quad4d=60\quad\Rightarrow\quad\boxed{d=15\,\mathrm{km}}.\]

Cuidado, armadilha! O caminho longo usa os dois cabos: seu comprimento é 2L − d.

Alternativa correta: C

Q63
Eletromagnetismo — Indução — Lei de Lenz

Uma espira condutora E está em repouso próxima a um fio retilíneo longo AB de um circuito elétrico constituído de uma bateria e de um reostato R, onde flui uma corrente i, conforme ilustrado na figura abaixo.

AFA 2019, questão 63: Lei de Lenz, figura 1

Considerando exclusivamente os efeitos eletromagnéticos, pode-se afirmar que a espira será

A)repelida pelo fio AB se a resistência elétrica do reostato aumentar.
B)atraída pelo fio AB se a resistência elétrica do reostato aumentar.
C)sempre atraída pelo fio AB independentemente de a resistência elétrica do reostato aumentar ou diminuir.
D)deslocada paralelamente ao fio AB independentemente de a resistência elétrica do reostato aumentar ou diminuir.

Gabarito oficial — versão A

B
Resolução

Quando a resistência aumenta, a corrente no fio diminui e o fluxo através da espira diminui. Pela lei de Lenz, a corrente induzida tenta impedir essa redução.

Ela cria campo no mesmo sentido do original. No lado mais próximo do fio, a corrente induzida tem o mesmo sentido da corrente do fio, produzindo atração. O lado distante sofre repulsão.

Como $B=\mu_0i/(2\pi r)$, a força no lado próximo é maior. Predomina a atração: a espira é atraída enquanto a resistência aumenta.

Cuidado, armadilha! A corrente induzida se opõe à variação do fluxo; quando ele diminui, ela reforça o campo original.

Alternativa correta: B

Q64
Física Moderna — Efeito Fotoelétrico — Frequência de Corte

O eletroscópio de folhas é um aparelho utilizado para detectar cargas elétricas. Ele é constituído de uma placa metálica que é ligada, através de uma haste condutora elétrica, a duas lâminas metálicas finas e bem leves. Se as duas lâminas estiverem fechadas, indica que o eletroscópio está descarregado (Figura 1); se abertas, indica a presença de cargas elétricas (Figura 2).

AFA 2019, questão 64: Frequência de Corte, figura 1

Considere o eletroscópio inicialmente carregado positivamente e que a placa seja feita de zinco. Fazendo-se incidir luz monocromática vermelha sobre a placa, observa-se que a abertura das lâminas

A)aumenta muito, pois a energia dos fótons da luz vermelha é suficiente para arrancar muitos elétrons da placa.
B)aumenta um pouco, pois a energia dos fótons da luz vermelha é capaz de arrancar apenas alguns elétrons da placa.
C)diminui um pouco, pois a energia dos fótons da luz vermelha é capaz de arrancar apenas alguns prótons da placa.
D)não se altera, pois a energia dos fótons da luz vermelha é insuficiente para arrancar elétrons da placa.

Gabarito oficial — versão A

D
Resolução

A emissão fotoelétrica exige que cada fóton tenha energia suficiente para superar a função trabalho do metal: $hf\ge\phi$. A luz vermelha tem frequência abaixo da frequência de corte do zinco e não remove elétrons.

Sem emissão, a carga positiva e a repulsão entre as folhas permanecem iguais. Sua abertura não se altera.

Aumentar a intensidade da luz vermelha aumentaria o número de fótons, mas não a energia individual $hf$: isso não provoca emissão abaixo da frequência de corte.

Cuidado, armadilha! O efeito fotoelétrico depende da frequência mínima e envolve elétrons, não prótons.

Alternativa correta: D

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