Unimontes 2013.1 — Questões de Física comentadas — Método TEF

Vestibular · Grupos 1 e 2 · Física · 22 questões.

Vestibular Unimontes 2013.1
Grupos 1 e 2
22 questões de Física

Os grupos utilizam a mesma numeração, Q27 a Q37, mas têm questões distintas. Selecione o grupo para navegar. Gabaritos oficiais conferidos para os respectivos cadernos.

Enunciados, alternativas e dados transcritos integralmente dos cadernos. As figuras mostram apenas diagramas e gráficos originais. As resoluções são do Método TEF; inconsistências documentais são indicadas sem modificar o texto da prova.

Fontes da transcrição
Q27
Mecânica — Cinemática — Gráfico da velocidade

Um carro desloca-se, inicialmente, com velocidade constante de módulo $10\,m/s$. Após $3\,s$, passa a mover-se com aceleração constante de módulo $5\,m/s^2$ (veja o gráfico). Que distância percorre entre $0\,s$ e $5\,s$?

Gráfico velocidade-tempo: 10 m/s até 3 s, depois reta crescente passando por 20 m/s em 5 s.
A)50 m.
B)40 m.
C)60 m.
D)20 m.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q27

C
Resolução — Método TEF

Ideia central: A distância percorrida é a área sob o gráfico da velocidade.

Passo 1. Nos três primeiros segundos, $s_1=10\cdot3=30\,m$.

Passo 2. Entre 3 s e 5 s, a velocidade cresce de 10 m/s a 20 m/s. Logo, $s_2=\frac{10+20}{2}\cdot2=30\,m$ e $s=60\,m$.

Resposta: alternativa C.

Q28
Mecânica — Dinâmica — Atrito no plano inclinado

Um bloco de massa M desce um plano inclinado com velocidade constante. O ângulo entre o plano e a horizontal é θ, e ele possui 3 m de altura e 4 m de comprimento (veja a figura). Qual o coeficiente de atrito entre o bloco e a superfície do plano inclinado?

Dado: $g=10\,m/s^2$.

Plano inclinado com bloco M, altura 3 m, base 4 m e ângulo θ.
A)0,50.
B)0,60.
C)0,25.
D)0,75.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q28

D
Resolução — Método TEF

Ideia central: Velocidade constante implica equilíbrio das forças paralelas ao plano.

Passo 1. Na direção do plano, $Mg\,\operatorname{sen}\theta=\mu Mg\cos\theta$, portanto $\mu=\tan\theta$.

Passo 2. A figura indica catetos de 3 m e 4 m: $\mu=3/4=0,75$.

Resposta: alternativa D.

O texto chama 4 m de comprimento; a figura identifica essa medida na base horizontal. A resolução segue a figura e o gabarito oficial.

Q29
Mecânica — Estática — Equilíbrio de barra

Uma barra homogênea de $2\,m$ de comprimento e massa $5\,kg$ está apoiada numa parede, em um ponto B. Ela é sustentada por um cabo ideal, preso a ela no ponto A, distante $1,5\,m$ do ponto B (veja a figura). Um bloco de massa $2\,kg$ e peso $\vec P$ está preso à outra extremidade da barra. Qual a intensidade da força $\vec F$ aplicada pelo cabo à barra, para que o sistema esteja em equilíbrio?

Dado: $g=10\,m/s^2$.

Barra apoiada na parede em B, cabo vertical em A a 1,5 m de B e bloco de 2 kg na extremidade.
A)60,0 N.
B)70,4 N.
C)90,2 N.
D)26,7 N.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q29

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: No equilíbrio, a soma dos momentos em torno de B é nula.

Passo 1. O peso da barra é 50 N e atua a 1 m de B. O bloco pesa 20 N e está a 2 m de B.

Passo 2. A força do cabo atua a 1,5 m: $F\cdot1,5=50\cdot1+20\cdot2=90$. Assim, $F=60\,N$.

Resposta: alternativa A.

Q30
Mecânica — Cinemática — Movimento circular

A Terra executa movimento de rotação em torno de um eixo e leva 24 h para descrever uma volta completa em torno dele. A frequência angular desse movimento, em radianos por segundo, é igual a, aproximadamente:

Dados: $\pi=3,14$.

A)$7,3\times10^{-5}$.
B)$3,2\times10^{-4}$.
C)$3,2\times10^{-5}$.
D)$7,3\times10^{-4}$.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q30

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: A frequência angular é o ângulo de uma volta dividido pelo período.

Passo 1. Converter o período: $T=24\cdot3600=86400\,s$.

Passo 2. Calcular $\omega=2\pi/T=6,28/86400\approx7,3\times10^{-5}\,rad/s$.

Resposta: alternativa A.

Q31
Termologia — Termodinâmica — Primeira lei

O gráfico abaixo ilustra um processo termodinâmico no qual 50 moles de um gás ideal monoatômico recebem $41\times10^4$ Joules de calor de uma fonte térmica. A variação da energia interna do gás, ocorrida no processo, é aproximadamente:

Dado: $R=8,32\,J/mol.K$.

Diagrama p-V: A em 3 m³ e 3×10⁴ N/m²; B em 5 m³ e 6×10⁴ N/m²; processo retilíneo A para B.
A)$8\times10^4$ J.
B)$32\times10^4$ J.
C)$16\times10^4$ J.
D)$24\times10^4$ J.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q31

B
Resolução — Método TEF

Ideia central: A primeira lei relaciona calor, trabalho e variação da energia interna.

Passo 1. O trabalho é a área sob a reta no gráfico: $W=\frac{3\times10^4+6\times10^4}{2}(5-3)=9\times10^4\,J$.

Passo 2. Com o calor informado, $\Delta U=Q-W=41\times10^4-9\times10^4=32\times10^4\,J$.

Resposta: alternativa B.

Há pequena inconsistência numérica entre Q e a energia interna de gás monoatômico deduzida dos estados: (3/2)Δ(pV)=31,5×10⁴ J. Ambos arredondam para a alternativa oficial B.

Q32
Mecânica — Hidrostática — Empuxo e flutuação

Uma esfera de gelo de volume 5 cm³ é colocada em um aquário com água. Qual é a força exercida pela água sobre a esfera? Considere a densidade do gelo igual a 0,90 g/cm³ e a densidade da água igual a 1,00 g/cm³.

Dado: $g=10\,m/s^2$.

Esfera de gelo flutuando na superfície da água de um aquário.
A)$9,0\times10^{-2}\,N$.
B)$6,5\times10^{-2}\,N$.
C)$4,5\times10^{-2}\,N$.
D)$2,0\times10^{-2}\,N$.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q32

C
Resolução — Método TEF

Ideia central: A esfera flutua, pois o gelo é menos denso que a água; o empuxo equilibra seu peso.

Passo 1. A massa é $m=\rho V=0,90\cdot5=4,5\,g=4,5\times10^{-3}\,kg$.

Passo 2. No equilíbrio, $E=mg=4,5\times10^{-3}\cdot10=4,5\times10^{-2}\,N$.

Resposta: alternativa C.

Q33
Óptica — Óptica geométrica — Irradiação solar

A intensidade da energia solar que chega à Terra diminui significativamente, à medida que nos afastamos do equador em direção aos polos. Considerando o modelo de propagação da luz em que os raios de sol chegam à Terra retilíneos e paralelos (veja a figura), marque a alternativa que apresenta um argumento CORRETO para explicar esse fato, de acordo com o modelo considerado.

Raios solares paralelos incidentes sobre a Terra, com indicações do Equador e dos Polos.
A)A densidade de raios solares que chegam à Terra (raios por unidade de área) é maior na região do Equador que nos Polos.
B)Os raios solares que chegam à Terra são mais intensos (mais energéticos) na região do Equador que nos Polos.
C)Não há diferença entre quantidade ou intensidade dos raios que chegam à região do Equador ou aos Polos; a Terra é mais fria na região dos Polos porque a maior parte da energia do interior do planeta flui para a região do Equador.
D)Os raios solares que chegam à Terra percorrem uma distância maior para chegar aos Polos.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q33

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: A inclinação dos raios altera a energia recebida por unidade de área.

Passo 1. Uma mesma faixa de raios paralelos se distribui por área menor quando incide mais perpendicularmente à superfície.

Passo 2. Próximo aos polos a incidência é oblíqua, e a mesma energia se espalha por área maior. A densidade de raios é maior junto ao Equador.

Resposta: alternativa A.

Q34
Óptica — Refração — Índice de refração

Em um experimento, verifica-se que um feixe de luz atravessa uma placa de vidro com velocidade de módulo igual a $2,50\times10^8\,m/s$. Considerando o módulo da velocidade da luz, no vácuo, igual a $3,00\times10^8\,m/s$, o índice de refração do vidro é igual a

A)0,67.
B)1,20.
C)2,50.
D)0,89.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q34

B
Resolução — Método TEF

Ideia central: O índice de refração é a razão entre a velocidade da luz no vácuo e no meio.

Passo 1. Aplicar $n=c/v$.

Passo 2. Com os valores do enunciado, $n=(3,00\times10^8)/(2,50\times10^8)=1,20$.

Resposta: alternativa B.

Q35
Eletromagnetismo — Eletrostática — Lei de Coulomb

Um campo elétrico é gerado por uma carga $q_1$, puntiforme e positiva. A $0,2\,m$ de distância dessa carga positiva é posta outra carga puntiforme $q_2=-1\times10^{-6}\,C$, que está presa a um barbante (veja a figura). O módulo da tensão no barbante é igual a $2,25\,N$. O valor de $q_1$ é, aproximadamente:

Dado: $K_0=9\times10^9\,N.m^2/C^2$.

Cargas q₁ e q₂ separadas por 0,2 m; q₂ presa a barbante com tensão 2,25 N.
A)$2,00\times10^{-5}\,C$.
B)$2,50\times10^{-5}\,C$.
C)$3,00\times10^{-5}\,C$.
D)$1,00\times10^{-5}\,C$.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q35

D
Resolução — Método TEF

Ideia central: A tensão equilibra a atração elétrica entre as cargas.

Passo 1. Pela lei de Coulomb, $T=K_0|q_1q_2|/r^2$.

Passo 2. Isolando, $q_1=Tr^2/(K_0|q_2|)=2,25(0,2)^2/(9\times10^9\cdot10^{-6})=1,00\times10^{-5}\,C$.

Resposta: alternativa D.

Q36
Eletromagnetismo — Magnetismo — Força no condutor

Um condutor retilíneo, percorrido por uma corrente elétrica de intensidade $i=1,5\,A$, é imerso em um campo magnético uniforme cuja intensidade é $B=2\times10^{-4}\,T$. A força magnética sobre o condutor, por unidade de comprimento, é igual a

Dados: $\operatorname{sen}30^\circ=1/2$; $\cos30^\circ=\sqrt3/2$; $\sqrt3\approx1,73$.

Condutor inclinado a 30° em relação às linhas horizontais do campo magnético B.
A)$3,0\times10^{-4}\,N/m$.
B)$2,5\times10^{-4}\,N/m$.
C)$1,5\times10^{-4}\,N/m$.
D)$5,0\times10^{-4}\,N/m$.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q36

C
Resolução — Método TEF

Ideia central: A força magnética por comprimento é Bi senθ.

Passo 1. A figura mostra um ângulo de 30° entre o condutor e as linhas do campo.

Passo 2. Logo, $F/L=Bi\operatorname{sen}30^\circ=2\times10^{-4}\cdot1,5\cdot(1/2)=1,5\times10^{-4}\,N/m$.

Resposta: alternativa C.

Q37
Física moderna — Estrutura atômica — Modelo atômico

Considere as afirmativas abaixo sobre os átomos.

I – A carga do elétron depende da órbita em que ele se encontra.
II – O núcleo de um átomo qualquer tem sempre carga elétrica positiva.
III – A massa do núcleo de um átomo é aproximadamente igual à metade da massa de todo o átomo.
IV – A energia de um elétron ligado a um átomo não pode assumir qualquer valor.

Assinale a alternativa que indica as afirmativas CORRETAS.

A)Apenas II e IV.
B)Apenas I e III.
C)Apenas II, III e IV.
D)Apenas I e IV.

Gabarito oficial · Grupo 1 · Q37

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: A estrutura atômica reúne núcleo positivo e níveis discretos de energia eletrônica.

Passo 1. I é falsa: a carga do elétron independe da órbita. II é verdadeira: os prótons tornam positivo o núcleo.

Passo 2. III é falsa: quase toda a massa do átomo está no núcleo. IV é verdadeira: o elétron ligado só ocupa energias permitidas. Assim, são corretas II e IV.

Resposta: alternativa A.

Q27
Mecânica — Cinemática — Referenciais inerciais

Consideremos dois referenciais inerciais distintos. O referencial R1 está em repouso em relação ao solo, ou seja, sua velocidade em relação ao solo é V1 = 0. O referencial R2 move-se com velocidade constante V2 em relação ao primeiro. Dois observadores, O1 situado em R1 e O2 situado em R2, observam um mesmo evento: um carro movendo-se com aceleração constante em relação ao solo. No instante inicial da observação, O1 está a 20 m de distância do carro enquanto O2 está a 10 m de distância. Após 5 s, a(s) grandeza(s) para a(s) qual(is) O1 e O2 observam o mesmo valor é/são

A)aceleração.
B)posição e velocidade.
C)velocidade e aceleração.
D)posição.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q27

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: Entre referenciais inerciais em translação uniforme, a aceleração é invariável.

Passo 1. As posições diferem pela posição relativa das origens; as velocidades diferem pela velocidade constante entre referenciais.

Passo 2. Ao derivar a transformação de velocidades, a velocidade relativa constante tem derivada nula. Portanto, $a_2=a_1$.

Resposta: alternativa A.

Q28
Mecânica — Cinemática — Frenagem

Um automóvel a uma velocidade de 108 km/h desloca-se em linha reta. O motorista assusta-se com um animal na pista, que está a uma distância d da frente do carro, e aciona os freios. A partir daí, o carro fica sujeito a uma desaceleração de módulo a, parando após percorrer 60 metros. Se a desaceleração provocada pelos freios tivesse módulo a1 =0,6 a, o automóvel ficaria no limite de colidir com o animal. O valor de d, em metros, é igual a

A)70.
B)25.
C)50.
D)100.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q28

D
Resolução — Método TEF

Ideia central: Para uma mesma velocidade inicial, a distância de frenagem é inversamente proporcional à desaceleração.

Passo 1. Pela equação de Torricelli, $v_0^2=2a\cdot60$.

Passo 2. Com $a_1=0,6a$, a nova distância é $d=v_0^2/(2a_1)=60/0,6=100\,m$.

Resposta: alternativa D.

Q29
Mecânica — Cinemática — Lançamento oblíquo

Uma esfera de massa m =1 kg, conectada a um barbante de comprimento L = 2 m e massa desprezível, gira com velocidade angular ω = 10 rad/s constante. O barbante se rompe fazendo com que a esfera tome a direção tangente à trajetória circular com velocidade de módulo v, conforme a figura abaixo. O alcance horizontal da esfera, em metros, 1 segundo após o barbante ter se rompido é

Dados: $\operatorname{sen}60^\circ=0,87$; $\cos60^\circ=0,50$.

Esfera com velocidade tangente v formando 60° com o eixo horizontal.
A)10,0.
B)17,4.
C)20,0.
D)12,3.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q29

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: Após romper o barbante, a componente horizontal da velocidade permanece constante.

Passo 1. A rapidez tangencial ao romper é $v=\omega L=10\cdot2=20\,m/s$.

Passo 2. Como a velocidade faz 60° com a horizontal, $v_x=v\cos60^\circ=10\,m/s$. Em 1 s, $\Delta x=v_xt=10,0\,m$.

Resposta: alternativa A.

Q30
Mecânica — Hidrostática — Pressão da coluna líquida

Uma solução de densidade d encontra-se num recipiente 1 que tem o formato de um cilindro circular reto. Esse cilindro possui raio da base igual a R, e a solução alcança uma altura H, conforme mostrado na figura. A pressão no fundo do recipiente 1 é P. Se toda a solução for colocada em um recipiente 2 de mesmo formato, porém com raio da base igual a R/3, ela não irá transbordar. A pressão no fundo do recipiente 2, em termos de P, seria igual a

Recipiente cilíndrico 1 com raio R e solução até altura H.
A)$P/3$.
B)$9P$.
C)$3P$.
D)$P/9$.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q30

B
Resolução — Método TEF

Ideia central: Conservar o volume determina a nova altura; a pressão hidrostática é proporcional à altura.

Passo 1. O volume inicial é $\pi R^2H$. No segundo recipiente, $\pi(R/3)^2H_2=\pi R^2H$, logo $H_2=9H$.

Passo 2. Tomando P como pressão devida à coluna líquida, $P_2=dgH_2=9dgH=9P$.

Resposta: alternativa B.

A alternativa oficial considera P como pressão hidrostática manométrica. Se P incluísse a pressão atmosférica, a relação seria P₂−P_atm=9(P−P_atm).

Q31
Termologia — Calorimetria — Calor sensível

As paredes de uma casa foram projetadas para absorver o calor do Sol durante o dia e transferir parte desse calor para o interior da casa, durante a noite. As paredes possuem massa de $1,0\times10^6\,kg$ e calor específico médio de $2,0\,kJ/kg.K$. Quanto calor, em módulo, é transferido para o interior da casa à noite, quando as paredes resfriam de $27,0\,^\circ C$ para $15,0\,^\circ C$?

A)$2,4\times10^7\,kJ$.
B)$12\times10^7\,kJ$.
C)$24\times10^7\,kJ$.
D)$1,2\times10^7\,kJ$.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q31

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: O calor sensível liberado é mc vezes a queda de temperatura.

Passo 1. A variação em módulo é $27,0-15,0=12,0\,K$.

Passo 2. Assim, $|Q|=mc|\Delta T|=1,0\times10^6\cdot2,0\cdot12=2,4\times10^7\,kJ$.

Resposta: alternativa A.

Q32
Ondulatória — Ondas estacionárias — Harmônicos da corda

Uma corda possui densidade linear de massa µ= 50 g/m e comprimento de 5 metros entre suas extremidades, que estão afixadas. Essa corda vibra com frequência fundamental de ressonância igual a 20 Hz. A velocidade da onda na corda e o comprimento de onda para o segundo harmônico são, respectivamente:

A)100 m/s e 10 m.
B)200 m/s e 10 m.
C)200 m/s e 5 m.
D)100 m/s e 5 m.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q32

C
Resolução — Método TEF

Ideia central: Em uma corda fixa nas duas extremidades, o modo fundamental possui comprimento de onda 2L.

Passo 1. Para $L=5\,m$, $\lambda_1=10\,m$ e $v=f_1\lambda_1=20\cdot10=200\,m/s$.

Passo 2. No segundo harmônico, $\lambda_2=2L/2=L=5\,m$.

Resposta: alternativa C.

Q33
Mecânica — Energia — Atrito e aquecimento

Um bloco de chumbo desliza por um plano inclinado com atrito que forma um ângulo θ=60° com a horizontal (veja a figura). O deslocamento do bloco ao longo do plano é de 10 metros. Nesse deslocamento, é observado que o bloco se aquece de 0,1°C. Se o calor específico do chumbo é de 130 J/kg.K, pode-se concluir que o coeficiente de atrito entre o bloco e o plano é

Adote: $g=10\,m/s^2$; $\operatorname{sen}60^\circ=0,87$; $\cos60^\circ=0,50$.

Bloco deslizando para baixo em plano inclinado de ângulo θ.
A)0,15.
B)0,23.
C)0,20.
D)0,26.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q33

D
Resolução — Método TEF

Ideia central: Igualar o trabalho dissipado pelo atrito ao calor absorvido pelo chumbo.

Passo 1. O trabalho do atrito em módulo é $W_f=\mu mg\cos60^\circ\,s$. O aquecimento requer $Q=mc\Delta T$.

Passo 2. Admitindo que essa energia dissipada aqueça o bloco, $\mu=c\Delta T/(g\cos60^\circ\,s)=130\cdot0,1/(10\cdot0,50\cdot10)=0,26$.

Resposta: alternativa D.

A solução pressupõe que todo o trabalho dissipado pelo atrito seja convertido em aquecimento do bloco, sem aquecimento relevante do plano.

Q34
Óptica — Espelhos — Ampliação transversal

Em um anteparo a 15 cm de distância de um espelho esférico côncavo, forma-se uma imagem com 8 cm de altura. Se o objeto real possui 3 cm de altura, sua distância até o espelho é, aproximadamente:

A)5,55 cm.
B)5,63 cm.
C)3,85 cm.
D)4,53 cm.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q34

B
Resolução — Método TEF

Ideia central: O módulo da ampliação transversal é a razão entre as distâncias da imagem e do objeto.

Passo 1. A imagem projetada no anteparo é real: $|A|=8/3=p'/p$.

Passo 2. Com $p'=15\,cm$, $p=15\cdot3/8=5,625\,cm\approx5,63\,cm$.

Resposta: alternativa B.

Q35
Eletromagnetismo — Eletrodinâmica — Resistores em série

O circuito representado na figura esquematiza um indicador de combustível usado em automóveis. O indicador (instalado no painel) tem uma resistência de 20 Ω. No tanque de gasolina, há uma boia ligada a um resistor variável, cuja resistência varia linearmente com o volume de combustível. Quando o tanque está cheio, a resistência é de 140 Ω e, quando o tanque está vazio, é de 20 Ω. Considerando a bateria como uma fonte ideal, a corrente no circuito, quando o tanque se encontra pela metade, é igual a

Circuito em série com bateria ε=12 V, resistência do indicador e resistência variável da boia, ligado ao chassi.
A)0,13 A.
B)0,20 A.
C)0,12 A.
D)0,15 A.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q35

C
Resolução — Método TEF

Ideia central: A resistência variável é linear com o volume e está em série com o indicador.

Passo 1. À meia capacidade, $R_{boia}=(140+20)/2=80\,\Omega$. A resistência total é $80+20=100\,\Omega$.

Passo 2. A figura fornece bateria ideal de 12 V. Pela lei de Ohm, $i=12/100=0,12\,A$.

Resposta: alternativa C.

Q36
Eletromagnetismo — Magnetismo — Fluxo magnético

Uma corrente elétrica induzida é gerada em uma bobina quando o fluxo de campo magnético que atravessa essa bobina varia com o tempo. Esse é o princípio de um gerador comercial de corrente. Considere que no gerador da figura a seguir, a bobina possua o lado a = 50 cm e o lado b = 30 cm. O campo magnético possui módulo B = 0,5 T, é uniforme e está entrando no plano do papel. A bobina gira em torno de um eixo perpendicular à direção do campo magnético, de forma que o ângulo entre o vetor campo magnético e o vetor perpendicular ao plano da espira está variando com o tempo segundo a função θ = π t. O fluxo magnético que atravessa a bobina em t = 3 s, em Tm², é:

Dado: $\cos(n\pi)=(-1)^n$, $n=0,1,2,...$.

Espira retangular de lados a e b, girando em torno de eixo horizontal, em campo B entrando no papel, ligada ao resistor R.
A)− 0,075.
B)0,000.
C)− 0,300.
D)0,150.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q36

A
Resolução — Método TEF

Ideia central: O fluxo magnético é o produto BA cosθ.

Passo 1. Converter os lados: $a=0,50\,m$, $b=0,30\,m$. Então $A=ab=0,15\,m^2$.

Passo 2. Em 3 s, $\theta=3\pi$ e $\cos3\pi=-1$. Portanto, $\Phi=0,5\cdot0,15\cdot(-1)=-0,075\,Tm^2$.

Resposta: alternativa A.

Q37
Física moderna — Quântica — Efeito fotoelétrico

Quando um feixe de luz monocromática, de frequência $f$, atinge uma placa metálica e ocorre o efeito fotoelétrico, os elétrons ejetados da placa possuem energia cinética máxima dada pela expressão $E_{máx}=hf-E_0$, em que $h=6,6\times10^{-34}\,J\cdot s$ é a constante de Planck, e $E_0$ é a energia de corte ou função trabalho do material da placa. Sabe-se, ainda, que $E_0=hf_0$ e $f_0$ é a frequência de corte. Considere que um feixe de luz, cujo comprimento de onda é $450\,nm$ ($1\,nm=1,0\times10^{-9}\,m$), atinge uma placa de sódio que possui função trabalho igual a $3,7\times10^{-19}\,J$. A energia cinética máxima dos elétrons emitidos e a frequência de corte para o sódio valem respectivamente:

Dado: $c=3,0\times10^8\,m/s$.

A)$6,0\times10^{-20}\,J$ e $(11/33)\times10^{15}\,Hz$.
B)$6,3\times10^{-20}\,J$ e $(7/3)\times10^{15}\,Hz$.
C)$8,5\times10^{-20}\,J$ e $(11/66)\times10^{15}\,Hz$.
D)$7,0\times10^{-20}\,J$ e $(37/66)\times10^{15}\,Hz$.

Gabarito oficial · Grupo 2 · Q37

D
Resolução — Método TEF

Ideia central: A energia do fóton deve superar a função trabalho para liberar o elétron.

Passo 1. A energia incidente é $E=hc/\lambda=(6,6\times10^{-34})(3,0\times10^8)/(450\times10^{-9})=4,4\times10^{-19}\,J$.

Passo 2. Então $E_{max}=4,4\times10^{-19}-3,7\times10^{-19}=7,0\times10^{-20}\,J$. A frequência de corte é $f_0=E_0/h=(37/66)\times10^{15}\,Hz$.

Resposta: alternativa D.