UPE SSA3 2026 — Questões de Física comentadas — Método TEF

Sistema Seriado de Avaliação · 3ª fase — Questões de Física do 2º dia (bloco Ciências da Natureza) · Gabarito oficial definitivo.

Q26
Física moderna — Física quântica — Laser de Hélio-Neônio

Dentre as tecnologias quânticas com grande repercussão de aplicações difundidas na sociedade, pode-se destacar o laser, sigla cujo nome em português significa Amplificação de Luz por Emissão Estimulada de Radiação. Sistemas atômicos e moleculares têm níveis de energia quantizados e bem definidos. Quando os elétrons em um átomo estão em um estado de maior energia, conhecido como estado excitado, eles podem mudar para um estado de menor energia por emissão espontânea ou estimulada de radiação.

Diagrama de níveis de energia no átomo de neônio
Fonte: Revista Brasileira de Ensino de Física, v. 39, n. 1, e1502, 2017. Adaptada.

No interferômetro de Michelson, pode ser empregado o laser de Hélio-Neônio, em que a principal transição responsável pelo processo de emissão estimulada ocorre entre o nível $2p_4$, com energia $E_1=18{,}70\text{ eV}$, e o nível $3p_2$, com energia $E_2=20{,}66\text{ eV}$, no átomo de neônio. O comprimento de onda dos fótons emitidos após a emissão estimulada entre esses níveis, em nanômetros, é:

Dados: $h=6{,}6\times10^{-34}\text{ J}\cdot\text{s}$ ou $h=4{,}14\times10^{-15}\text{ eV}\cdot\text{s}$ e $c=3{,}0\times10^8\text{ m/s}$.

A)$543{,}6$
B)$632{,}8$
C)$714{,}5$
D)$843{,}6$
E)$937{,}3$

Gabarito oficial UPE/SSA3 2026

B
Resolução

1. Energia do fóton. É a diferença entre os níveis:

$$\Delta E=E_2-E_1=20{,}66-18{,}70=1{,}96\text{ eV}$$

2. Produto $hc$. Usando $h$ em eV$\cdot$s:

$$hc=4{,}14\times10^{-15}\cdot3{,}0\times10^{8}=1{,}242\times10^{-6}\text{ eV}\cdot\text{m}=1242\text{ eV}\cdot\text{nm}$$

3. Comprimento de onda.

$$\lambda=\dfrac{hc}{\Delta E}=\dfrac{1242}{1{,}96}\approx633{,}7\text{ nm}$$

Valor próximo de $632{,}8\text{ nm}$, o vermelho característico do laser de He-Ne.

Q30
Eletricidade — Eletrostática — "Loop" entre Cargas Opostas
Montagem experimental com cargas elétricas em trajetória circular

A figura a seguir ilustra uma montagem experimental vertical para investigação dos efeitos da gravidade em cargas que se movimentam com vínculos circulares. Na montagem, duas pequenas esferas de massa $m=3{,}0\times10^{-2}\text{ kg}$ e cargas de módulo $q=1{,}0\times10^{-6}\text{ C}$ e sinais opostos estão ligadas por um fio isolante de comprimento $L=0{,}5\text{ m}$.

Desprezando-se os efeitos do atrito, qual é o menor módulo da velocidade horizontal $v_0$ de lançamento da carga $-q$ que possibilita um giro completo em torno de $+q$, em metros por segundo?

Dados: $g=10{,}0\text{ m/s}^2$ e $K=9\times10^9\text{ N}\cdot\text{m}^2/\text{C}^2$.

A)$1{,}2$
B)$2{,}7$
C)$5{,}6$
D)$8{,}4$
E)$9{,}1$

Gabarito oficial UPE/SSA3 2026

C
Resolução

1. Força elétrica. As cargas têm sinais opostos, então a força é atrativa e radial. Como o fio mantém a distância $L$, seu módulo é constante:

$$F_e=\dfrac{Kq^2}{L^2}=\dfrac{9\times10^{9}\cdot(10^{-6})^2}{0{,}5^2}=0{,}036\text{ N}$$

2. Condição no topo. A velocidade mínima corresponde a tração nula no ponto mais alto. Peso e força elétrica apontam para o centro:

$$mg+F_e=\dfrac{m\,v_t^2}{L}\;\Rightarrow\;0{,}3+0{,}036=\dfrac{0{,}03\,v_t^2}{0{,}5}\;\Rightarrow\;v_t^2=5{,}6\text{ m}^2/\text{s}^2$$

3. Energia. A força elétrica é radial e não realiza trabalho. Só o peso atua, com desnível $2L$:

$$\dfrac{1}{2}mv_0^2=\dfrac{1}{2}mv_t^2+mg(2L)\;\Rightarrow\;v_0^2=v_t^2+4gL$$

$$v_0^2=5{,}6+4\cdot10\cdot0{,}5=25{,}6\;\Rightarrow\;v_0\approx5{,}1\text{ m/s}$$

4. Gabarito. O gabarito oficial é C ($5{,}6$). Observe que $5{,}6$ é o valor de $v_t^2$, e não de $v_0$: provável uso do resultado intermediário pela banca. A alternativa C é a única de ordem de grandeza compatível.

Q31
Eletricidade — Eletrodinâmica — Carga de Bateria: Carga Elétrica e Mols de Elétrons

Os avanços da pesquisa na ciência dos materiais melhoraram gradualmente a eficiência dos sistemas fotovoltaicos. Para elevar a vantagem do uso dos painéis solares, propõe-se reciclar energia luminosa de fontes artificiais, permitindo o uso de sistemas fotovoltaicos ao longo de 24 horas. Como resultado prático, sete horas de recarga em ambientes internos correspondem a $94{,}08\%$ da capacidade total da bateria de um telefone celular testado.

Fonte: J. Milanezi Junior et al., ICCMREA, 2014. Adaptado.

Uma bateria típica de telefone celular opera com tensão de $3{,}7\text{ V}$ e tem capacidade de $3.000\text{ mAh}$. Suponha que a bateria esteja sendo carregada movendo elétrons do terminal negativo para o positivo, isto é, contra o potencial elétrico.

Estime quantos mols de elétrons são transferidos durante a carga de sete horas.

Dado: módulo da carga do elétron $e=1{,}6\times10^{-19}\text{ C}$.

A)$0{,}1$
B)$0{,}2$
C)$0{,}3$
D)$0{,}5$
E)$0{,}8$

Gabarito oficial UPE/SSA3 2026

A
Resolução

1. Carga transferida. $94{,}08\%$ da capacidade:

$$Q=0{,}9408\cdot3000=2822{,}4\text{ mAh}$$

2. Conversão para coulombs. $1\text{ mAh}=3{,}6\text{ C}$:

$$Q=2822{,}4\cdot3{,}6\approx1{,}02\times10^{4}\text{ C}$$

3. Número de elétrons.

$$n=\dfrac{Q}{e}=\dfrac{1{,}02\times10^{4}}{1{,}6\times10^{-19}}\approx6{,}4\times10^{22}$$

4. Mols. Com $N_A\approx6{,}0\times10^{23}\text{ mol}^{-1}$:

$$\dfrac{6{,}4\times10^{22}}{6{,}0\times10^{23}}\approx0{,}1\text{ mol}$$

O número de Avogadro não é dado no enunciado; o verbo "estimar" indica o uso do valor de referência.

Q35
Física moderna — Relatividade — Lei de Hubble

Dois anos de dados do Telescópio Espacial James Webb validaram a descoberta anterior do Telescópio Espacial Hubble de que a taxa de expansão do Universo é mais rápida — em cerca de $8\%$ — do que o esperado com base no modelo padrão da cosmologia. A taxa de expansão do Universo, chamada constante de Hubble, é medida em quilômetros por segundo por megaparsec. O modelo padrão prevê um valor de aproximadamente $67{,}5\text{ km/s/Mpc}$, enquanto os novos dados do Webb fornecem um valor médio de cerca de $73\text{ km/s/Mpc}$.

Fonte: CNN Brasil. Acesso em 10 ago. 2025. Adaptado.

Sabendo que a galáxia ESO 383-76 está a aproximadamente $200\text{ Mpc}$ da Terra, qual é a diferença de velocidade de afastamento calculada a partir do valor previsto da constante de Hubble pelo modelo padrão e do valor observado pelo telescópio Webb?

A)$950\text{ km/s}$
B)$1.000\text{ km/s}$
C)$1.100\text{ km/s}$
D)$1.300\text{ km/s}$
E)$1.460\text{ km/s}$

Gabarito oficial UPE/SSA3 2026

C
Resolução

1. Lei de Hubble. $v=H_0\,d$.

2. Diferença de velocidades. A distância é a mesma nos dois casos:

$$\Delta v=(H_{Webb}-H_{padrão})\,d=(73-67{,}5)\cdot200$$

$$\Delta v=5{,}5\cdot200=1100\text{ km/s}$$

Q40
Física moderna — Relatividade — Paradoxo dos Gêmeos: Conceitual

No início do século XX, com o advento da Teoria da Relatividade Restrita, proposta por Albert Einstein em 1905, surgiram diversos questionamentos sobre as implicações físicas do tempo e do espaço em movimento relativo. Um dos mais célebres é o chamado paradoxo dos gêmeos, em que um dos gêmeos, Alan, embarca em uma nave que viaja a uma velocidade comparável à da luz até uma estrela distante e depois retorna, enquanto o outro, Bruno, permanece na Terra. Quando se reencontram, Alan percebe que envelheceu menos do que seu irmão.

Essa aparente contradição é resolvida ao considerar

A)a existência de um referencial privilegiado no qual o tempo avança de forma universal e que coincide aproximadamente com o referencial da Terra, permitindo a definição inequívoca de um "tempo real".
B)uma ilusão de ótica provocada pela velocidade da luz, que afeta apenas observadores em movimento acelerado.
C)a invariância da velocidade da luz no referencial do gêmeo terrestre, o que impõe uma assimetria natural ao sistema e força o tempo do viajante a se desacelerar em relação à Terra.
D)a contração do espaço no referencial da nave, que faz com que a distância percorrida seja menor para o gêmeo viajante, de modo que o tempo transcorrido também se reduz independentemente da dilatação temporal.
E)a violação da simetria entre os referenciais, já que o gêmeo viajante realiza uma trajetória com segmentos acelerados que alteram a contagem do tempo próprio, compatível com a dilatação do tempo prevista na relatividade restrita.

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E
Resolução

1. Ponto central. A situação não é simétrica: só Alan sofre acelerações (partida, retorno e chegada) e muda de referencial inercial. Bruno permanece em um único referencial inercial.

2. Consequência. Por isso o tempo próprio de Alan é menor, de acordo com a dilatação do tempo da relatividade restrita.

3. Alternativas.

A) Falsa. A relatividade nega qualquer referencial privilegiado ou tempo absoluto.

B) Falsa. A dilatação do tempo é um efeito físico real (múons, relógios atômicos), e não ilusão de ótica.

C) Falsa. A invariância de $c$ vale em todos os referenciais inerciais e não "força" o atraso só do viajante. A assimetria vem das acelerações.

D) Falsa. Contração do espaço e dilatação do tempo são aspectos do mesmo fenômeno e não podem ser tratados como independentes.

E) Correta. Quebra da simetria pelos trechos acelerados, compatível com a dilatação do tempo.

Q43
Ondas — MHS — Sistema Massa-Mola Medido por Balança
Mecanismo com sistema massa-mola posicionado sobre balança digital

Um mecanismo fechado contém um sistema massa-mola no vácuo, de constante elástica $k$ desconhecida e cuja amplitude de oscilação pode ser inicialmente ajustada. A fim de descobrir o valor de $k$, sem abrir o mecanismo, um pesquisador o posiciona em cima de uma balança digital. Nota-se que, quando o mecanismo está sem funcionar, a balança marca $4{,}0\text{ kg}$.

Ajustando-se a amplitude inicial para $12{,}0\text{ cm}$, percebe-se que a balança marca valores que variam de $3{,}4\text{ kg}$ a $4{,}6\text{ kg}$.

Qual é a constante elástica da mola $k$?

Dado: $g=10{,}0\text{ m/s}^2$.

A)$12\text{ N/m}$
B)$26\text{ N/m}$
C)$30\text{ N/m}$
D)$50\text{ N/m}$
E)$74\text{ N/m}$

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D
Resolução

1. Massa. Balança sem funcionamento: $m=4{,}0\text{ kg}$.

2. Leitura em oscilação. A força sobre a balança varia com a aceleração da massa. Nos extremos, $a=\omega^2A$:

$$N=m\,(g\pm\omega^2A)$$

3. Leitura máxima. $4{,}6\text{ kg}\Rightarrow46\text{ N}$, com $A=0{,}12\text{ m}$:

$$4{,}0\,(10+0{,}12\,\omega^2)=46\;\Rightarrow\;\omega^2=\dfrac{1{,}5}{0{,}12}=12{,}5\text{ s}^{-2}$$

4. Conferência com a mínima.

$$N_{min}=4{,}0\,(10-12{,}5\cdot0{,}12)=4{,}0\cdot8{,}5=34\text{ N}=3{,}4\text{ kg}\;\checkmark$$

5. Constante elástica.

$$k=m\,\omega^2=4{,}0\cdot12{,}5=50\text{ N/m}$$

Q48
Eletromagnetismo — Indução eletromagnética — Lei de Faraday
Circuito de carga por indução e gráfico da variação do campo magnético

Carregamento sem fio, também conhecido como transferência de energia sem fio, é a tecnologia que permite a uma fonte de energia transmitir energia eletromagnética para uma carga elétrica através de uma lacuna de ar, sem cabos de conexão. Essa tecnologia está atraindo uma ampla gama de aplicações por sua conveniência e melhor experiência do usuário.

Fonte: X. Lu et al., IEEE Communications Surveys & Tutorials, v. 18, n. 2, 2016.

A figura a seguir ilustra um modelo de circuito de carga por indução composto de uma espira com $N=10$ voltas e raio $1{,}0\text{ cm}$, uma chave S, um amperímetro A e um resistor $R=60\ \Omega$. A chave S se fecha em $t=0$, e um campo magnético, de módulo $B$ e perpendicular ao plano da página, atravessa a espira com intensidade que varia com o tempo conforme o gráfico.

Estime o valor da medida do amperímetro em $t=1{,}5\text{ s}$.

Dado: considere $\pi=3$.

A)$0{,}1\text{ mA}$
B)$0{,}2\text{ mA}$
C)$0{,}5\text{ mA}$
D)$0{,}7\text{ mA}$
E)$0{,}8\text{ mA}$

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A
Resolução

1. Área da espira. $r=1{,}0\text{ cm}=0{,}01\text{ m}$ e $\pi=3$:

$$A=\pi r^2=3\cdot(0{,}01)^2=3\times10^{-4}\text{ m}^2$$

2. Taxa de variação de $B$. Lida no gráfico, em $t=1{,}5\text{ s}$ a variação é linear:

$$\left|\dfrac{\Delta B}{\Delta t}\right|=\dfrac{4{,}0}{2{,}0}=2{,}0\text{ T/s}$$

3. Lei de Faraday. Com $N=10$ espiras:

$$\varepsilon=N\,A\left|\dfrac{\Delta B}{\Delta t}\right|=10\cdot3\times10^{-4}\cdot2{,}0=6{,}0\times10^{-3}\text{ V}$$

4. Lei de Ohm.

$$i=\dfrac{\varepsilon}{R}=\dfrac{6{,}0\times10^{-3}}{60}=1{,}0\times10^{-4}\text{ A}=0{,}1\text{ mA}$$

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