A primeira etapa cobre $20\cdot8/2=80$ m. Restam $180-80-60=40$ m para parar. Logo, o módulo da desaceleração é $a=20^2/(2\cdot40)=5$ m/s².
Gabarito oficial: alternativa B.

Universidade Estadual Vale do Acaraú
A primeira etapa cobre $20\cdot8/2=80$ m. Restam $180-80-60=40$ m para parar. Logo, o módulo da desaceleração é $a=20^2/(2\cdot40)=5$ m/s².
Gabarito oficial: alternativa B.
$t=\sqrt{2h/g}=0{,}5$ s. Portanto, $v_x=1{,}40/0{,}5=2{,}8$ m/s.
Gabarito oficial: alternativa D.
Para n resistores iguais em paralelo, $R_{eq}=R/n=4{,}8/120=0{,}04$ mΩ.
Gabarito oficial: alternativa A.
$F=BIL=0{,}5\cdot10\cdot0{,}025=0{,}125$ N.
Gabarito oficial: alternativa C.
$F=pA=\rho ghA=1000\cdot10\cdot3\cdot20=600000$ N, ou 600 kN. Considera-se a pressão manométrica da coluna de água.
Gabarito oficial: alternativa C.
As moedas somam 600 g. Igualando calor perdido e recebido: $600\cdot0{,}1(100-T)=240(T-20)$. Assim, $T=36$ °C.
Gabarito oficial: alternativa A.
A frequência não muda. Como $\lambda\propto1/n$, $\lambda_b=450(4/3)/(3/2)=400$ nm.
Gabarito oficial: alternativa D.
No fundamental, $\lambda=2L=1{,}30$ m. Logo, $v=f\lambda=250\cdot1{,}30=325$ m/s.
Gabarito oficial: alternativa B.
A aceleração é para cima. $T-mg=ma$, portanto $T=60(10+2)=720$ N.
Gabarito oficial: alternativa D.
| t (s) | x (m) | y (m) | $v_x$ (m/s) | $v_y$ (m/s) |
|---|---|---|---|---|
| 0 | 0 | 0 | 30 | 40 |
| 3 | 70 | 54 | 20 | 0 |
| 7 | 125 | 0 | 12 | −28 |
Questão anulada pela UVA.
Inicialmente, $K_i=0{,}1(30^2+40^2)/2=125$ J. No topo, $K_f=0{,}1\cdot20^2/2=20$ J e, usando $g=10$ m/s², $U_f=0{,}1\cdot10\cdot54=54$ J. Logo, $W_{ar}=K_f+U_f-K_i=-51$ J. O resultado não corresponde às alternativas. O gabarito definitivo anulou a questão.
Questão anulada no gabarito definitivo.
$\omega=\sqrt{a/R}=0{,}1$ rad/s. Usando $\pi=3$, $f=\omega/(2\pi)=1/60$ Hz, equivalente a 1 rotação por minuto.
Gabarito oficial: alternativa A.

O resistor em série limita a corrente total a $I=\sqrt{32/2}=4$ A. Cada ramo recebe 2 A e dissipa 8 W. Potência total máxima: $32+8+8=48$ W.
Gabarito oficial: alternativa C.
$K=1{,}6\times10^6\cdot1{,}6\times10^{-19}=2{,}56\times10^{-13}$ J. No retorno, $K=k(2e)(82e)/r$. Assim, $r=1{,}476\times10^{-13}$ m.
Gabarito oficial: alternativa C.
Com carga constante e capacitância dobrada, $U'=Q^2/(2C')=U/2=4$ J. A conclusão depende de estar desconectado da fonte.
Gabarito oficial: alternativa B.
$\Delta V=V_0\beta\Delta T=2000\cdot75\times10^{-5}(-10)=-15$ L. O volume diminui 15 L.
Gabarito oficial: alternativa C.
$W=P\Delta V=2\times10^5\cdot0{,}800=160000$ J. Pela primeira lei, $\Delta U=2200000-160000=2040000$ J, ou 2040 kJ.
Gabarito oficial: alternativa A.
$\omega_p=\omega_m/2$ implica $g/L=k/(4m)$ e $L=4mg/k=8/3$ m. A extensão é $mg/k=2/3$ m. Portanto, o comprimento natural é $L_0=8/3-2/3=2$ m.
Gabarito oficial: alternativa D.
Pela terceira lei, $r/r_T=(T/T_T)^{2/3}=\sqrt[3]{0{,}0025}\approx0{,}14$. Assim, $r\approx2{,}1\times10^7$ km.
Gabarito oficial: alternativa D.